题目

题意略。

分析：这题我把式子各种展开，然后推了一个东西出来，枚举位数，然后求得一个x，若x能表示为当前总位数减一的base下的数，则当前位数为最小。这样写了后TLE了，判断那里可能耗时了。

看了的题解后，发现我考虑复杂了。其实这就是一个base位进制下的多位数乘以一位数的乘法运算。写成竖式如下，

a0a1a2...an-1c

×   f

----------------------

ca0a1a2...an-1

(a0a1a2...an-1c 表示 factor1，f表示factor2，c为需要移动的数字)。

运算过程如，c*f 为最低位运算后的结果 c*f 在base下表示为 c*f/base、(c*f)%base 两位数，其中c*f/base为进位，c*f%base为结果的当前位，由题目条件知，an-1 = c*f%base.

所以我们继续进行an-1*f，直到结果的当前位等于c，且进位为0。可见这就是小学时给的那种竖式留几个空叫你填空的那种题目，只不过由十进制改成了base进制。

代码：

#include 
    
     #include 
     
      #include 
      
       using namespace std;int main() {	int base, n, m;	while(cin >> base >> n >> m) {		if(m == 1) {			cout << 1 << endl;			continue;		}		int carry = 0, cur = n, i = 1;		for(; ; i++) {			int tmp = cur * m + carry;			carry = tmp / base;        //满base进一			cur = tmp % base;         //当前位			if(carry == 0 && cur == n) {				cout << i << endl;				break;			}		}	}	return 0;}
      
     
    

TLE的代码：

#include
    
     using namespace std;int b, c, f;int is(int x, int n) //x能否表示成b下的n位数{    int cnt=0;    for(; x; x/=b, cnt++);    if(cnt == n) return 1;    else return 0;}int main(){    while(cin>>b>>c>>f)    {        int i;          //first factor的位数 n        int b_pow = 1;    //b的n-1次        for(i=1; b_pow<=f; i++) b_pow*=b;     //①n能不能为1？②<=，x不能为0？        for(; ; i++, b_pow*=b)        {            int t1 = c*(b_pow-f);            int t2 = (f*b-1);            if(t1%t2 != 0) continue;   //x为整数            int x = t1/t2;            if(is(x, i-1))            {                cout<
     <